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=８章の付録=
==問の解答==
=== 問   ===
（１）準備２項定理;を用いた展開<br/>
$a_n\triangleq (1+\frac{1}{n})^{n} \qquad (n は自然数)$ とおく。<br/>
すると、
$2 \leq a_1=1+\frac{1}{1}=2\quad \lt a_2=(1+\frac{1}{2})^{2} =2\frac{1}{4}$である。<br/>
以下に、数列　$\{a_n\}_{n=1}^{\infty}$　が単調増大で、有界（２より、３より小）である事を示す。するとテキストの定理により
nが３以上の自然数の時は、$a_n$を２項定理を用いて展開すると<br/>　 
$a_n=(1+\frac{1}{n})^{n}=\sum_{m=0}^{n}{}_n\mathrm{C}_{m}1^{n-m}(\frac{1}{n})^m \qquad \qquad (1)$<br/>　
ここで　${}_n\mathrm{C}_{m}$　は、ｎ個のものからｍ個取り出す取り出し方の総数で、<br/>
mが１以上でn 以下の自然数の時は<br/>
${}_n\mathrm{C}_{m}=\frac{n!}{m!(n-m)!}=\frac{n(n-1)(n-2)\cdots (n-m+1)}{m!}   \qquad \qquad (2)$<br/>
ここで、m が1以上の自然数の時は　$ m!\triangleq 1\cdot 2\cdot 3 \cdots (m-1)\cdot m$<br/>
mが零の時は　${}_n\mathrm{C}_{0}\triangleq 1$　、$\quad 0!\triangleq 1 $と定義する。<br/><br/> 
式（２）を式（１）に代入して計算すると<br/>
$a_n = 1+\sum_{m=1}^{n}\frac{n(n-1)(n-2)\cdots (n-m+1)}{m!}1^{n-m}(\frac{1}{n})^m $<br/>
$=1+\sum_{m=1}^{n}\frac{1(1-\frac{1}{n})(1-\frac{2}{n})\cdots (1-\frac{m-1}{n})}{m!}$  <br/>
$=2+\sum_{m=2}^{n}\frac{1(1-\frac{1}{n})(1-\frac{2}{n})\cdots (1-\frac{m-1}{n})}{m!}\qquad \qquad (3)$  <br/>
ここで、n　より小さい全ての自然数 i に対して<br/>
$0 \lt 1-\frac{i}{n} \lt 1 $ なので、<br/>
$ 2 \lt a_n \lt 2+\sum_{m=2}^{n}\frac{1}{m!} \qquad \qquad \qquad (4)$<br/><br/>（２）すべての2以上の自然数 n　に関して、<br/>
$ 2 \lt a_n \lt 3 \qquad \qquad \qquad (5)$<br/>
であることを示そう。<br/>
式(3)から、$ 2 \lt a_n $　は明らか。<br/>
式（４）から<br/>
$a_n \lt 2+\sum_{m=2}^{n}\frac{1}{m!} \qquad \qquad (6)$<br/>
右辺の　m　は2以上の自然数なので、<br/>
$\frac{1}{m!} \leq \frac{1}{(m-1)m}=\frac{1}{m-1}-\frac{1}{m}$<br/>
である。故に、<br/>
$a_n \lt 2+\sum_{m=2}^{n}(\frac{1}{m-1}-\frac{1}{m})=2+(1-\frac{1}{n})=3-\frac{1}{n}\lt 3$<br/><br/>
（３）数列　$\{a_n\}_{n=1}^{\infty}$　は単調増加<br/>
$n \geq 2$ の時、常に　$a_n \lt a_{n+1}$　を示せばよい。<br/>
式(3)を利用すると(注参照）、<br/>
$a_{n+1}=2+\sum_{m=2}^{n+1}\frac{1(1-\frac{1}{n+1})(1-\frac{2}{n+1})\cdots (1-\frac{m-1}{n+1})}{m!}$<br/>
すると、<br/>
$a_{n+1} - a_n = \sum_{m=2}^{n+1}\frac{1(1-\frac{1}{n+1})(1-\frac{2}{n+1})\cdots (1-\frac{m-1}{n+1})}{m!} - \sum_{m=2}^{n}\frac{1(1-\frac{1}{n})(1-\frac{2}{n})\cdots (1-\frac{m-1}{n})}{m!} $<br/>
$\quad$ 右辺の第一項の和を2つに分けると、<br/>
$= \frac{1(1-\frac{1}{n+1})(1-\frac{2}{n+1})\cdots (1-\frac{n}{n+1})}{m!}$<br/>
$\quad  + \sum_{m=2}^{n}\frac{1(1-\frac{1}{n+1})(1-\frac{2}{n+1})\cdots (1-\frac{m-1}{n+1})}{m!} - \sum_{m=2}^{n}\frac{1(1-\frac{1}{n})(1-\frac{2}{n})\cdots (1-\frac{m-1}{n})}{m!}$<br/><br/>
$ = \frac{
1(1-\frac{1}{n+1})(1-\frac{2}{n+1})\cdots (1-\frac{n}{n+1})
}{m!}$ <br/>
$\quad + \sum_{m=2}^{n}\frac{
1(1-\frac{1}{n+1})(1-\frac{2}{n+1})\cdots (1-\frac{m-1}{n+1})
-1(1-\frac{1}{n})(1-\frac{2}{n})\cdots (1-\frac{m-1}{n})}{m!}$<br/>
上の式で、全ての$i\in \{1,2,,,,n\}$に対して,$(1-\frac{i}{n+1})\gt 0$と$(1-\frac{i}{n+1})\gt (1-\frac{i}{n})$　なので、<br/>
$a_{n+1} - a_n \gt 0$<br/><br/>
（注）式（３）のｎに　ｎ＋１　を代入すればよい。
== 指数関数と対数関数 ==
=== 非零小数の累乗 ===
a を非零の実数、n　を2以上の自然数とする。<br/>
$a^1=a,\quad a^2=a\cdot a,\quad a^3=a^2\cdot a=a\dot a\cdot a \cdots a^n=a^{n-1}\cdot a　\cdots$<br/>
を総称して、a　の累乗と呼ぶ。<br/>
$a^n$　を、a  の n 乗という。<br/>
  
== 三角関数の微分 ==

== 指数関数と対数関数の微分 ==